百度地图的实时路况功能相当强大,能方便出行的人们避开拥堵路段。一个地区的交通便捷程度就决定了该地区的拥堵情况。假设一个地区有 nnn 个观测点,编号从 111 到 nnn。定义 d(u,v,w)d(u,v,w)d(u,v,w) 为从 uuu 号点出发,严格不经过 vvv 号点,最终到达 www 号点的最短路径长度,如果不存在这样的路径,d(u,v,w)d(u,v,w)d(u,v,w) 的值为 −1-1−1。
那么这个地区的交通便捷程度 PPP 为:
P=∑1≤x,y,z≤n,x≠y,y≠zd(x,y,z)P = \sum_{1 \leq x,y,z \leq n , x \neq y , y \neq z}{d(x,y,z)}P=∑1≤x,y,z≤n,x≠y,y≠zd(x,y,z)
现在我们知道了该地区的 nnn 个点,以及若干条有向边,求该地区的交通便捷程度 PPP。
输入格式
第一行输入一个正整数 n(4≤n≤300)n(4 \leq n \leq 300)n(4≤n≤300),表示该地区的点数。
接下来输入 nnn 行,每行输入 nnn 个整数。第 iii 行第 jjj 个数 Gi,j(−1≤Gi,j≤10000;Gi,i=0)G_{i,j}(-1 \leq G_{i,j} \leq 10000;G_{i,i} = 0)Gi,j(−1≤Gi,j≤10000;Gi,i=0) 表示从 iii 号点到 jjj 号的有向路径长度。如果这个数为 −1-1−1,则表示不存在从 iii 号点出发到 jjj 号点的路径。
输出格式
输出一个整数,表示这个地区的交通便捷程度。
样例输入
40 1 -1 -1-1 0 1 -1-1 -1 0 11 -1 -1 0
样例输出
4 【题解】 “Floyd 算法又叫 “插点法” 注意到插点的顺序是无关紧要的 我们可以分治: 令 solve(l, r) 表示处理区间 [l, r] 的询问 取 mid = (l + r) / 2 把 [l, mid] 的点插入,递归 solve(mid + 1, r); 把 [mid + 1, r] 的点插入,递归 solve(l, mid); 递归到叶子的时候,回答询问 复杂度 O(N^3\log N),只需注意到每个点会被插 O(\log N) 次” —— 吕欣
1 #include2 #include 3 #include 4 #include 5 #include 6 #include 7 #define max(a, b) ((a) > (b) ? (a) : (b)) 8 #define min(a, b) ((a) < (b) ? (a) : (b)) 9 10 inline void read(int &x)11 {12 x = 0;char ch = getchar(), c = ch;13 while(ch < '0' || ch > '9')c = ch, ch = getchar();14 while(ch <= '9' && ch >= '0')x = x * 10 + ch - '0', ch = getchar();15 if(c == '-')x = -x;16 }17 18 const int INF = 0x3f3f3f3f;19 const int MAXN = 300 + 10;20 21 int g[MAXN][MAXN],n;22 long long ans;23 24 void solve(int l, int r)25 {26 if(l == r)27 {28 for(register int i = 1;i <= n;++ i)29 {30 if(l == i) continue;31 for(register int j = 1;j <= n;++ j)32 {33 if(r == j) continue;34 if(g[i][j] != INF)35 ans += g[i][j];36 else37 -- ans;38 }39 }40 return;41 }42 int tmp[MAXN][MAXN];43 for(register int i = 1;i <= n;++ i)44 for(register int j = 1;j <= n;++ j)45 tmp[i][j] = g[i][j];46 int mid = (l + r) >> 1;47 for(register int k = l;k <= mid;++ k)48 for(register int i = 1;i <= n;++ i)49 for(register int j = 1;j <= n;++ j)50 if(g[i][j] > g[i][k] + g[k][j])51 g[i][j] = g[i][k] + g[k][j];52 solve(mid + 1, r);53 for(register int i = 1;i <= n;++ i)54 for(register int j = 1;j <= n;++ j)55 g[i][j] = tmp[i][j];56 for(register int k = mid + 1;k <= r;++ k)57 for(register int i = 1;i <= n;++ i)58 for(register int j = 1;j <= n;++ j)59 if(g[i][j] > g[i][k] + g[k][j])60 g[i][j] = g[i][k] + g[k][j];61 solve(l, mid);62 return;63 }64 65 int main()66 {67 read(n);68 for(register int i = 1;i <= n;++ i)69 for(register int j = 1;j <= n;++ j)70 {71 read(g[i][j]);72 if(g[i][j] == -1)g[i][j] = INF;73 }74 solve(1, n);75 printf("%lld", ans);76 return 0;77 }